Question

【題目】如圖，菱形ABCD的邊長(zhǎng)為5 厘米，對(duì)角線BD長(zhǎng)8厘米．點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)沿AB方向勻速運(yùn)動(dòng)，速度為1厘米秒；點(diǎn)Q從點(diǎn)D 出發(fā)沿DB 方向勻速運(yùn)動(dòng)，速度為2 厘米/秒：P、Q 同時(shí)出發(fā)，當(dāng)點(diǎn)Q與點(diǎn)B重合時(shí)，P、Q停止運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒，解答下列問題：

（1）當(dāng)t為何值時(shí)，△PBQ為等腰三角形？（2）當(dāng)t為何值時(shí)，△PBQ的面積等于菱形ABCD面積的？

（3）連接AQ，在運(yùn)動(dòng)過程中，是否存在某一時(shí)刻t，使∠PQA=∠ABD？若存在，請(qǐng)求出t值； 若不存在，請(qǐng)說明理蟲：

（4）直線PQ 交線段BC于點(diǎn)M，在運(yùn)動(dòng)過程中，是否存在某一時(shí)刻t，使BM：CM=2：3？若存在，請(qǐng)求出t值； 若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

【答案】（1）t的值為0或3或；（2）t=1秒（3）t=或t=；（4）存在：t=．

【解析】試題分析：先由運(yùn)動(dòng)得出AP=t，DQ=2t，AB=5，BP=5-t，BQ=8-2t，（0≤t≤4）
（1）先由銳角三角函數(shù)得出sin∠ABD= ，cos∠ABD=，再分三種情況討論計(jì)算即可得出結(jié)論；
（2）先求出菱形的面積，再用三角函數(shù)得出PE，再用三角形BPQ的面積與菱形面積的關(guān)系建立方程，解方程即可得出結(jié)論；
（3）先判斷出△BPQ∽△DQA，得出比例式建立方程求解即可得出結(jié)論；
（4）先判斷出△BMN∽△BCD，得出 ，即可求出MN=2，BN=，再判斷出△BPQ∽△NMQ，得出比例式建立方程求解即可得出結(jié)論．

試題解析：

由運(yùn)動(dòng)知，AP=t，DQ=2t，

∵AB=5，BD=8，

∴BP=5﹣t，BQ=8﹣2t，（0≤t≤4）

（1）如圖，

連接AC交BD于O，

∵四邊形ABCD是菱形，

∴AC⊥BD，OB=BD=4，

在Rt△AOB中，AB=5，OB=4，

根據(jù)勾股定理得，OA=3，

sin∠ABD=，cos∠ABD=，

∵△BPQ是等腰三角形，

∴①如圖1，BP=PQ

過點(diǎn)P作PE⊥OD于E，

∴BE=BQ=4﹣t，

在Rt△BPE中，cos∠ABD=，

∴t=0，

②如圖2，BP=BQ，

∴5﹣t=8﹣2t，

∴t=3，

③如圖3，BQ=PQ，

過點(diǎn)Q作QE⊥AB于E，

∴BE=BP=（5﹣t），

在Rt△BEQ中，cos∠ABD=，

∴t=，

即：△BPQ是等腰三角形時(shí)，t的值為0或3或；

（2）如圖4，

由（1）知，AC=2OA=6，

∵BD=8，

∴S菱形ABCD=AC×BD=24，

過點(diǎn)P作PE⊥BD于E，在Rt△BPE中，sin∠ABD= ，

∴，

∴PE=（5﹣t），

∴S△BPQ=BQ×PE=×（8﹣2t）×（5﹣t）=（4﹣t）（5﹣t），

∵△PBQ的面積等于菱形ABCD面積的，

∴（4﹣t）（5﹣t）=×24，

∴t=8（舍）或t=1秒，

（3）如圖5，

∵∠ABD=∠AQP，

∴∠BPQ=∠AQP+∠BAQ=∠ABD+∠BAQ，

∵∠AQD=∠ABD+∠BAQ，

∴∠BPQ=∠DQA，

∵BD是菱形ABCD的對(duì)角線，

∴∠ABD=∠ADB，

∴△BPQ∽△DQA，

∴，

∴，

∴t= 或t=；

（4）存在：理由：如圖6，過點(diǎn)M作MN∥CD交BD于N，

∴MN∥BP，

∵BM：CM=2：3，且BC=5，

∴BM=2，

∵M(jìn)N∥CD，

∴△BMN∽△BCD，

∴ ，

∴，

∴MN=2，BN=，

∵BQ=8﹣2t，

∴NQ=BN﹣BQ=﹣（8﹣2t）=2t﹣，

∵M(jìn)N∥BP，

∴△BPQ∽△NMQ，

∴ ，

∴ ，

∴5t2﹣47t+100=0，

∴t= （舍去）或t=．