Question

如圖，平面直角坐標(biāo)系中，四邊形OABC為矩形，點(diǎn)A，B的坐標(biāo)分別為（4，0），（4，3），動(dòng)點(diǎn)M，N分別從O，B同時(shí)出發(fā)．以每秒1個(gè)單位的速度運(yùn)動(dòng)．其中，點(diǎn)M沿OA向終點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)N沿BC向終點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)．過(guò)點(diǎn)M作MP⊥OA，交AC于P，連接NP，已知?jiǎng)狱c(diǎn)運(yùn)動(dòng)了x秒．
（1）P點(diǎn)的坐標(biāo)為多少（用含x的代數(shù)式表示）；
（2）試求△NPC面積S的表達(dá)式，并求出面積S的最大值及相應(yīng)的x值；
（3）當(dāng)x為何值時(shí)，△NPC是一個(gè)等腰三角形？簡(jiǎn)要說(shuō)明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）求P點(diǎn)的坐標(biāo)，也就是求OM和PM的長(zhǎng)，已知了OM的長(zhǎng)為x，關(guān)鍵是求出PM的長(zhǎng)，方法不唯一，①可通過(guò)PM∥OC得出的對(duì)應(yīng)成比例線段來(lái)求；
②也可延長(zhǎng)MP交BC于Q，先在直角三角形CPQ中根據(jù)CQ的長(zhǎng)和∠ACB的正切值求出PQ的長(zhǎng)，然后根據(jù)PM=AB-PQ來(lái)求出PM的長(zhǎng)．得出OM和PM的長(zhǎng)，即可求出P點(diǎn)的坐標(biāo)．
（2）可按（1）②中的方法經(jīng)求出PQ的長(zhǎng)，而CN的長(zhǎng)可根據(jù)CN=BC-BN來(lái)求得，因此根據(jù)三角形的面積計(jì)算公式即可得出S，x的函數(shù)關(guān)系式．
（3）本題要分類討論：
①當(dāng)CP=CN時(shí)，可在直角三角形CPQ中，用CQ的長(zhǎng)即x和∠ABC的余弦值求出CP的表達(dá)式，然后聯(lián)立CN的表達(dá)式即可求出x的值；
②當(dāng)CP=PN時(shí)，那么CQ=QN，先在直角三角形CPQ中求出CQ的長(zhǎng)，然后根據(jù)QN=CN-CQ求出QN的表達(dá)式，根據(jù)題設(shè)的等量條件即可得出x的值．
③當(dāng)CN=PN時(shí)，先求出QP和QN的長(zhǎng)，然后在直角三角形PNQ中，用勾股定理求出PN的長(zhǎng)，聯(lián)立CN的表達(dá)式即可求出x的值．
解答：解：（1）過(guò)點(diǎn)P作PQ⊥BC于點(diǎn)Q，
有題意可得：PQ∥AB，
∴△CQP∽△CBA，
∴=，
∴=，
解得：QP=x，
∴PM=3-x，
由題意可知，C（0，3），M（x，0），N（4-x，3），
P點(diǎn)坐標(biāo)為（x，3-x）．

（2）設(shè)△NPC的面積為S，在△NPC中，NC=4-x，
NC邊上的高為，其中，0≤x≤4．
∴S=（4-x）×x=（-x²+4x）
=-（x-2）²+．
∴S的最大值為，此時(shí)x=2．

（3）延長(zhǎng)MP交CB于Q，則有PQ⊥BC．
①若NP=CP，
∵PQ⊥BC，
∴NQ=CQ=x．
∴3x=4，
∴x=．
②若CP=CN，則CN=4-x，PQ=x，CP=x，4-x=x，
∴x=；
③若CN=NP，則CN=4-x．
∵PQ=x，NQ=4-2x，
∵在Rt△PNQ中，PN²=NQ²+PQ²，
∴（4-x）²=（4-2x）²+（x）²，
∴x=．
綜上所述，x=，或x=，或x=．
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了矩形的性質(zhì)、解直角三角形、等腰三角形的判定和性質(zhì)、二次函數(shù)的應(yīng)用等知識(shí)點(diǎn)．