Question

（2012•揚州）如圖1，在平面直角坐標系中，矩形OABC的頂點O在坐標原點，頂點A、C分別在x軸、y軸的正半軸上，且OA=2，OC=1，矩形對角線AC、OB相交于E，過點E的直線與邊OA、BC分別相交于點G、H．
（1）①直接寫出點E的坐標：

（1，

1

2

）

．
②求證：AG=CH．
（2）如圖2，以O為圓心，OC為半徑的圓弧交OA與D，若直線GH與弧CD所在的圓相切于矩形內一點F，求直線GH的函數關系式．
（3）在（2）的結論下，梯形ABHG的內部有一點P，當⊙P與HG、GA、AB都相切時，求⊙P的半徑．

Answer 1

分析：（1）①根據矩形的性質和邊長即可求出E的坐標；②推出CE=AE，BC∥OA，推出∠HCE=∠EAG，證出△CHE≌△AGE即可；
（2）連接DE并延長DE交CB于M，求出DO=OC=

1

2

OA，證△CME≌△ADE，求出CM=AD=1，推出四邊形CMDO是矩形，求出MD切⊙O于D，設CH=HF=x，推出（1-x）²+（

1

2

）²=（

1

2

+x）²，求出H、G的坐標，設直線GH的解析式是y=kx+b，把G、H的坐標代入求出即可；
（3）連接BG，證△OCH≌△BAG，求出∠CHO=∠AGB，證△HOE≌△GBE，求出∠OHE=∠BGE，得出BG平分∠FGA，推出圓心P必在BG上，過P做PN⊥GA，垂足為N，根據△GPN∽△GBA，得出

PN

BA

=

GN

GA

，設半徑為r，代入求出即可．

解答：（1）①解：E的坐標是：（1，

1

2

），
故答案為：（1，

1

2

）；

②證明：∵矩形OABC，
∴CE=AE，BC∥OA，
∴∠HCE=∠EAG，
∵在△CHE和△AGE中

∠HCE=∠EAG CE=AE ∠HEC=∠GEA

，
∴△CHE≌△AGE，
∴AG=CH．

（2）解：如圖2，連接DE并延長DE交CB于M，連接AC，
∵DO=OC=1=

1

2

OA，
∴D是OA的中點，
∵BC∥OA，
∴∠MCE=∠DAE，
∵在△CME和△ADE中

∠MCE=∠DAE CE=AE ∠MEC=∠DEA

，
∴△CME≌△ADE，
∴CM=AD=2-1=1，
∵BC∥OA，∠COD=90°，
∴四邊形CMDO是矩形，
∴MD⊥OD，MD⊥CB，
∴MD切⊙O于D，
∵HG切⊙O于F，E（1，

1

2

），
∴可設CH=HF=x，FE=ED=

1

2

MD，
在Rt△MHE中，有MH²+ME²=HE²，
即（1-x）²+（

1

2

）²=（

1

2

+x）²，
解得x=

1

3

，
∴H（

1

3

，1），OG=2-

1

3

=

5

3

，
∴G（

5

3

，0），
設直線GH的解析式是：y=kx+b，
把G、H的坐標代入得：

5

3

k+b=0，且1=

1

3

k+b，
解得：k=-

3

4

，b=

5

4

，
∴直線GH的函數關系式為y=-

3

4

x+

5

4

．

（3）解：如備用圖3，連接BG，過P做PN⊥GA，垂足為N，
∵在△OCH和△BAG中

CH=AG ∠HCO=∠GAB OC=AB

，
∴△OCH≌△BAG，
∴∠CHO=∠AGB，
∵∠HCO=90°，
∴HC切⊙O于C，HG切⊙O于F，
∴OH平分∠CHF，
∴∠CHO=∠FHO=∠BGA，
∵四邊形OCBA是矩形，
∴BC∥OA，BC=OA，
∵CH=AG（已證），
∴BH=OG，BH∥OG，
∴四邊形BHOG是平行四邊形，
∴OH∥BG，
∴∠OHE=∠BGE，
∵∠CHO=∠FHO=∠BGA
∴∠BGA=∠BGE，
即BG平分∠FGA，
∵⊙P與HG、GA、AB都相切，
∴和∠HGA的兩邊都相切的圓的圓心在∠HGA的角平分線上，即在GB上
∴圓心P必在BG上，
∴△GPN∽△GBA，
∴

PN

BA

=

GN

GA

，
設半徑為r，

r

1

=

1 3 -r

1 3

，
解得：r=

1

4

．
答：⊙P的半徑是

1

4

．

點評：本題綜合考查了矩形的性質和判定，全等三角形的性質和判定，相似三角形的性質和判定，切線的性質和判定，一次函數和勾股定理等知識點，本題綜合性比較強，難度偏大，但是也是一道比較好的題目．