Question

已知函數(shù)f（x）的定義域?yàn)閇0，1]，且同時(shí)滿(mǎn)足：①f（1）=3；②f（x）≥2對(duì)一切x∈[0，1]恒成立；③若x₁≥0，x₂≥0，x₁+x₂≤1，則f（x₁+x₂）≥f（x₁）+f（x₂）-2，
（Ⅰ）求函數(shù)f（x）的最大值和最小值；
（Ⅱ）試比較f(

1

2n

)與

1

2n

+2的大小；
（Ⅲ）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)：當(dāng)x=

1

2n

（n∈N）時(shí)，有f（x）＜2x+2，由此他提出猜想：對(duì)一切x∈（0，1]，都有f（x）＜2x+2，請(qǐng)你判斷此猜想是否正確，并說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（Ⅰ）對(duì)于抽象函數(shù)的最值問(wèn)題，可考慮此函數(shù)的單調(diào)性；
（Ⅱ）題中條件：f（x₁+x₂）≥f（x₁）+f（x₂）-2，令x₁=x₂=

1

2n

，得f(

1

2n-1

)≥2f(

1

2n

)-2，
利用它進(jìn)行放縮，可證得答案，
（Ⅲ）因?yàn)橛深}意可得：對(duì)x∈[0，1]，總存在n∈N，滿(mǎn)足

1

2n+1

＜x≤

1

2n

．結(jié)合（I）、（II）可證得（III）．

解答：解：（Ⅰ）設(shè)x₁，x₂∈[0，1]，x₁＜x₂，則x₂-x₁∈[0，1]．
∴f（x₁）=f[（x₂-x₁）+x₁]≥f（x₂-x₁）+f（x₁）-2．
∴f（x₂）-f（x₁）≥f（x₂-x₁）-2≥0．∴f（x₁）≤f（x₂）． （2分）
則當(dāng)0≤x≤1時(shí)，f（0）≤f（x）≤f（1）． （3分）
在③中，令x₁=x₂=0，得f（0）≤2，由②得f（0）≥2，∴f（0）=2． （4分）
∴當(dāng)x=0時(shí)，f（x）取得最小值為2；
當(dāng)x=1時(shí)，f（x）取得最大值為3． （6分）
（Ⅱ）在③中，令x₁=x₂=

1

2n

，得f(

1

2n-1

)≥2f(

1

2n

)-2（8分）
∴f(

1

2n

)-2≤

1

2

[f(

1

2n-1

)-2]≤

1

22

[f(

1

2n-2

)-2]≤

1

2n

[f(

1

2n-n

)-2]=

1

2n

則f(

1

2n

)≤

1

2n

+2． （11分）
（Ⅲ）對(duì)x∈[0，1]，總存在n∈N，滿(mǎn)足

1

2n+1

＜x≤

1

2n

． （13分）
由（Ⅰ）與（Ⅱ），得f(x)≤f(

1

2n

)≤

1

2n

+2，又2x+2＞2•

1

2n+1

+2=

1

2n

+2．
∴f（x）＜x+2．
綜上所述，對(duì)任意x∈[0，1]．f（x）＜x+2恒成立． （16分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查了抽象函數(shù)，抽象函數(shù)是相對(duì)于給出具體解析式的函數(shù)來(lái)說(shuō)的，它雖然沒(méi)有具體的表達(dá)式，但是有一定的對(duì)應(yīng)法則，滿(mǎn)足一定的性質(zhì)，這種對(duì)應(yīng)法則及函數(shù)的相應(yīng)的性質(zhì)是解決問(wèn)題的關(guān)鍵．抽象函數(shù)的抽象性賦予它豐富的內(nèi)涵和多變的思維價(jià)值，可以考查類(lèi)比猜測(cè)，合情推理的探究能力和創(chuàng)新精神．