Question

（2012•宜昌）如圖，在平面直角坐標系中，直線y=

3

3

x+1分別與兩坐標軸交于B，A兩點，C為該直線上的一動點，以每秒1個單位長度的速度從點A開始沿直線BA向上移動，作等邊△CDE，點D和點E都在x軸上，以點C為頂點的拋物線y=a（x-m）²+n經過點E．⊙M與x軸、直線AB都相切，其半徑為3（1-

3

）a．
（1）求點A的坐標和∠ABO的度數；
（2）當點C與點A重合時，求a的值；
（3）點C移動多少秒時，等邊△CDE的邊CE第一次與⊙M相切？

Answer 1

分析：（1）已知直線AB的解析式，令解析式的x=0，能得到A點坐標；令y=0，能得到B點坐標；在Rt△OAB中，知道OA、OB的長，用正切函數即可得到∠ABO的讀數．
（2）當C、A重合時，就告訴了點C的坐標，然后結合OC的長以及等邊三角形的特性求出OD、OE的長，即可得到D、E的坐標，利用待定系數即可確定a的值．
（3）此題需要結合圖形來解，首先畫出第一次相切時的示意圖（詳見解答圖）；已知的條件只有圓的半徑，那么先連接圓心與三個切點以及點E，首先能判斷出四邊形CPMN是正方形，那么CP與⊙M的半徑相等，只要再求出PE就能進一步求得C點坐標；那么可以從PE=EQ，即Rt△MEP入手，首先∠CED=60°，而∠MEP=∠MEQ，易求得這兩個角的度數，通過解直角三角形不難得到PE的長，即可求出PE及點C、E的坐標．然后利用C、E的坐標確定a的值，進而可求出AC的長，由此得解．

解答：解：（1）當x=0時，y=1；當y=0時，x=-

3

，
∴OA=1，OB=

3

，
∴

OA

OB

=

3

3

∴A的坐標是（0，1）
∠ABO=30°．

（2）∵△CDE為等邊△，點A（0，1），
∴tan30°=

OD

OA

，∴OD=

3

3

，
∴D的坐標是（-

3

3

，0），
E的坐標是（

3

3

，0），
把點A（0，1），D（-

3

3

，0），E（

3

3

，0）代入 y=a（x-m）²+n，
解得：a=-3．

（3）如圖，設切點分別是Q，N，P，連接MQ，MN，MP，ME，過點C作CH⊥x軸，H為垂足，過A作AF⊥CH，F為垂足．
∵△CDE是等邊三角形，∠ABO=30°
∴∠BCE=90°，∠ECN=90°
∵CE，直線AB分別與⊙M相切，
∴∠MPC=∠CNM=90°，
∴四邊形MPCN為矩形，
∵MP=MN
∴四邊形MPCN為正方形
∴MP=MN=CP=CN=3（1-

3

）a（a＜0）．
∵EC和x軸都與⊙M相切，
∴EP=EQ．
∵∠NBQ+∠NMQ=180°，
∴∠PMQ=60°
∴∠EMQ=30°，
∴在Rt△MEP中，tan30°=

PE

PM

，∴PE=（

3

-3）a
∴CE=CP+PE=3（1-

3

）a+（

3

-3）a=-2

3

a
∴DH=HE=-

3

a，CH=-3a，BH=-3

3

a，
∴OH=-3

3

a-

3

，OE=-4

3

a-

3

∴E（-4

3

a-

3

，0）
∴C（-3

3

a-

3

，-3a）
設二次函數的解析式為：y=a（x+3

3

a+

3

）²-3a
∵E在該拋物線上
∴a（-4

3

a-

3

+3

3

a+

3

）²-3a=0
得：a²=1，解之得a₁=1，a₂=-1
∵a＜0，∴a=-1
∴AF=2

3

，CF=2，∴AC=4
∴點C移動到4秒時，等邊△CDE的邊CE第一次與⊙M相切．

點評：這道二次函數綜合題目涉及的知識點較多，有：待定系數法確定函數解析式、等邊三角形的性質、切線長定理等重點知識．難度在于涉及到動點問題，許多數值都不是具體值；（3）題中，正確畫出草圖、貫徹數形結合的解題思想是關鍵．