題目列表(包括答案和解析)
如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系Oxyz（x軸正方向水平向右，y軸正方向豎直向上）．勻強磁場方向與Oxy平面平行，且與x軸的夾角為45°，重力加速度為g．
如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系Oxyz（z軸正方向豎直向上），一質量為m、電荷量為q的帶正電小球從原點O以速度v沿x軸正方向出發．下列說法正確的是（ ）如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系O-xyz，一質量為m，電荷量為q的帶正電粒子從原點O以速度v沿x軸正方向出發，下列說法錯誤的是（ ）
如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取正交坐標系O-xyz，一質量為m，電荷量為q的帶正電粒子從原點O以速度v沿x軸正方向出發，下列說法正確的是（ ）| A、若電場、磁場分別沿y軸正方向和x軸正方向，粒子只能做曲線運動 | B、若電場、磁場均沿y軸正方向，粒子有可能做勻速圓周運動 | C、若電場、磁場分別沿y軸負方向和z軸負方向，粒子有可能做勻速直線運動 | D、若電場、磁場分別沿z軸負方向和y軸正方向，粒子有可能做平拋運動 |
如圖所示，在同時存在勻強電場和勻強磁場的空間中取空間直角坐標系Oxyz（x軸正方向水平向右，y軸正方向豎直向上），勻強磁場方向與xOy平面平行，且與x軸的夾角為530，已知重力加速度為g．
本試卷分為第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷。
第Ⅰ卷共18小題，每題6分．共108分。
一、選擇題：選對的給6分，選錯的或未選得給0分。
1.D 2.D 3.B 4.C 5.B 6.A 7.D 8.B 9.C 10.D 11.C 12.D
二、選擇題：全部選對的給6分，選對但不全的給3分，有選錯得或未選的給0分。
13.C 14.C 15.C 16.C 17.C、D 18.A
第Ⅱ卷必考部分共9題，共157分。
19.(18分)
【解析】⑴① MO的高度h，OP距離x1，O P＇距離x2 （6分） ② 
（3分）（2）待測電阻約2kΩ，用3.7V電池供電時最大電流約
mA，因此電流表用A1量程太大，換用A2。(3分)
（3）①A1損壞，A2量程太小，因此只有電壓表可作測量儀器；只有一塊電表時電阻應選用電阻箱或至少兩只已知阻值的固定電阻，電壓表測路端電壓。（3分）
②由于沒有電流表，所測數據為路端電壓U的電阻箱的阻值R2，由
得出：
（3分）
20.（15分）
解：⑴A→C過程，由動能定理得：
………… （3分）
△R=
R (1－cos37°)……………… （2分） ∴ vc=
⑵在C點，由牛頓第二定律有： 
……（2分）
∴ Fc=3936N …………………………………………………………………………（ 1分）
由牛頓第三定律知，運動員在C點時軌道受到的壓力大小為3936N. …………（1分）
⑶設在空中飛行時間為t，則有：tan37°=
………………… （ 3分）
∴t = 2.5s (t =－0.4s舍去)……………………………………………………（ 2分）
21.（19分）
解：(1) A物體沿斜面下滑時有
∴
m/s2
（1分）
B物體沿斜面下滑時有
∴
（1分）
分析可知，撤去固定A、B的外力后，物體B恰好靜止于斜面上，物體A將沿斜面向下做勻加速直線運動． （1分）
A與B第一次碰撞前的速度
B的速率為零
（1分）
(2)從AB開始運動到第一次碰撞用時
（1分）
兩物體相碰后，A物體的速度變為零，以后再做勻加速運動，而B物體將以
的速度沿斜面向下做勻速直線運動．
（1分）
設再經t2時間相碰，則有
（1分）
解之可得t2=0.8s （1分）
故從A開始運動到兩物體第二次相碰，共經歷時間
t=t1+t2=0.4+0.8=1.2s （1分）
（3）從第2次碰撞開始，每次A物體運動到與B物體碰撞時，速度增加量均為Δv=at2=2.5×
第一次碰后： vB1=
第二次碰后： vB2=
第三次碰后： vB3=
第n次碰后： vBn=nm/s
每段時間內，B物體都做勻速直線運動，則第n次碰前所運動的距離為
sB=[1+2+3+……+（n-1）]×t2=
m (n=1，2，3，…，n-1) （3分）
A物體比B物體多運動L長度，則
sA = L+sB=[0.2+]m
（3分）
則
J
（2分）
J
（2分）
22.（20分）
解：（1）如圖所示，帶電質點受到重力mg（大小及方向均已知）、洛倫茲力qv0B（方向已知）、電場力qE（大小及方向均未知）的作用做勻速直線運動。根據力三角形知識分析可知：當電場力方向與磁場方向相同時，場強有最小值
。根據物體的平衡規律有
（2分）
（2分）
解得
（1分）
（1分）
（2）如圖所示，撤去磁場后，帶電質點受到重力
和電場力qEmin作用，其合力沿PM方向并與v0方向垂直，大小等于
=
，故帶電質點在與Oxz平面成
角的平面內作類平拋運動。
由牛頓第二定律
解得 
（2分）
設經時間t到達Oxz平面內的點N（x,y,z），由運動的分解可得
沿v0方向 
（1分）
沿PM方向 
（1分）
又 
（2分）
（2分）
聯立解得 
（1分）
則帶電質點落在N（
，0，
）點 （1分）
（或帶電質點落在Oxz平面內，，的位置）
（3）當電場力和重力平衡時，帶點質點才能只受洛倫茲力作用做勻速圓周運動
則有：
（1分）
得：
（1分）
要使帶點質點經過x軸，圓周的直徑為
（1分
根據
得
（1分）
23.（15分）
解：
(1)第三周期，第ⅥA族 (2分)
(2) 非極性 (2分)， (2分)，2Na2O2＋2CO2 = 2Na2CO3＋O2 (3分)
(3) 離子晶體 (2分) 堿性(1分)
(4) C2H6 + 18OH－－14e－ = 2CO32－ + 12H2O (3分)
24.（15分）
解：（1）A、B、C（3分，選對1個得1分，選錯1個扣1分，全題不計負分）；
（2）Ag++e－ =Ag；（3）1.08(1分)；（4）H2－2e－==2H+。
16(除注明外每空2分)：
（2）常溫下，Fe被濃硫酸鈍化，碳不與濃硫酸反應；品紅溶液褪色；2Fe+6H2SO4(濃)
Fe2(SO4)3+3SO2↑+6H2O；（或C+2H2SO4(濃)
CO2↑+2SO2↑+2H2O）；(2分)
(3) 鐵碳在溶液中形成原電池；Fe+2H+==Fe2++H2↑(1分)；（4）×100%(2分)
(5)SO2不一定能全部被品紅、KMnO4除去或E中堿石灰會吸收空氣中的CO2、H2O(其
它合理的也對) (2分)
25.（15分）
解:（1）（2分）0.1 mol/L?min；
（2）（3分） （或0.17）；
（3）（6分）①a（2分） ②(參看右圖，4分)
（4）（2分）0.1mol/L<c(A)<0.2mol/L
（若答為：0<c(A)<0.2mol/L，0.1mol/L<0.4mol/L，
只給1分；其它0分） （5）（2分）B
26.（25分）
解：I．（1）_二氧化碳的固定和三碳化合物的還原 （2分） _二氧化碳的固定和三碳化合物的還原 （2分） 卡爾文循環 _，（1分）
（2）_右__ （1分） __光合作用消耗的二氧化碳由緩沖液補充，同時釋放出氧氣導致密閉裝置內氣體壓強增大 ，（2分）
（3）___50 30 ，（2分）
（4）_b裝置不設緩沖液，其他相同_ （2分） 黑暗_。（1分）
II．（1）蛋白質（糖蛋白）（1分） （2）蟲體表面抗原的改變（1分）
（3）高（1分） 蟲體每一波新抗原產生后，病人機體都會產生新的IgM，但病人產生相應抗體，在抗體殲滅（2分）
蟲體之前，蟲體表面抗原又發生了改變，因而病人又產生新的IgM。（2分）
（4）會 （1分） 流感病毒是單鏈RNA病毒，結構不穩定容易突變，表達出的表面抗原經常發生變化（2分）
（從記憶細胞和相應抗體存留時間有限等方面解釋也可以，其他合理答案也給分。）
（5）因為流感病毒在一次感染過程中表面抗原一般是不會改變的，而蟲體表面抗原卻在不斷發生改變（2分）
（其他意思表達正確即可給分。）
（
27.（15分）
解：（1）等位基因（2分） 非等位基因（2分）（2）AaBB （2分） AABb（2分）
（3）①將這兩株植株分別自交（1分）。
（甲、 乙圖解各1分，圖解中錯1處不得分。共2分）
②分別種下自交后代，從長出的自交后代中選擇具有不同優良性狀的植株雜交。（1分）
（圖解1分）
③種下②的后代，讓其自交，得到種子，再種下，從中選擇同時具有兩種優良性狀的植株（aabb）（2分）。
（圖解1分）
第Ⅱ卷選考部分共5題，共35分。其中，第28、29題為物理題，第30、31題為化學題，考生從兩道物理題、兩道化學題中各任選一題作答，若第28、29題都作答，則按第28題計分，若第30、31題都作答，則按第30題計分；第32題為生物題，是必答題。請將答案都填寫在答題卡選答區域得指定位置上。
28.（12分）
（1）D （2）A、D
29.（12分）
（1）D、E、F （2）B、C
30.（13分）
解：
31.（13分）
解：答案（1）①⑥（2分）
（2）C：CH3CHO（2分）Y： （2分）
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 |
(3) （3分）
（4分）
32.（10分）