題目列表(包括答案和解析)
(8分)現將測量某一電流表A的內阻r1 。給定器材有：
A.待測電流表A（量程300μA,內阻r1約為100Ω）
B.電壓表V(量程3V，內阻r2 ＝1kΩ)
C.電源E（電動勢4V，內阻忽略不計）
D.定值電阻R1＝10Ω
E.滑動變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許通過的最大電流0.5A）
F.電鍵S一個，導線若干
要求測量時兩塊電表指針的偏轉均超過其量程的一半。
①在方框中畫出測量電路原理圖
②電路接通后，測得電壓表讀數為U, 電流表讀數為I，用已知和測得的物理量表示電流表內阻r1 ＝
(8分)現將測量某一電流表A的內阻r1 。給定器材有：
A.待測電流表A（量程300μA,內阻r1約為100Ω）
B.電壓表V(量程3V，內阻r2 ＝1kΩ)
C.電源E（電動勢4V，內阻忽略不計）
D.定值電阻R1＝10Ω
E.滑動變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許通過的最大電流0.5A）
F.電鍵S一個，導線若干
要求測量時兩塊電表指針的偏轉均超過其量程的一半。
①在方框中畫出測量電路原理圖
②電路接通后，測得電壓表讀數為U, 電流表讀數為I，用已知和測得的物理量表示電流表內阻r1 ＝
(8分)現將測量某一電流表A的內阻r1 。給定器材有：
A.待測電流表A（量程300μA,內阻r1約為100Ω）
B.電壓表V(量程3V，內阻r2 ＝1kΩ)
C.電源E（電動勢4V，內阻忽略不計）
D.定值電阻R1＝10Ω
E.滑動變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許通過的最大電流0.5A）
F.電鍵S一個，導線若干
要求測量時兩塊電表指針的偏轉均超過其量程的一半。
①在方框中畫出測量電路原理圖
②電路接通后，測得電壓表讀數為U, 電流表讀數為I，用已知和測得的物理量表示電流表內阻r1 ＝
現要測量某一電流表
的內阻r1 ，給定的器材有：
A．待測電流表（量程300μA,內阻r1約為100Ω）
B．電壓表
(量程3V，內阻r2 ＝1kΩ)
C．電源E（電動勢4V，內阻忽略不計）
D．定值電阻R1＝10Ω
E．滑動變阻器R2（阻值范圍0～20Ω，允許通過的最大電流為0.5A）
F．電鍵S一個，導線若干
要求測量時兩塊電表指針的偏轉均超過其量程的一半。
（1）在方框中畫出測量電路原理圖（4分）
（2）電路接通后，測得電壓表讀數為U, 電流表讀數為I，用已知和測得的物理量表示電流表內阻r1 ＝ （3分）
9.（1）0.05 (3分) 31.25 (3分)
（2）①（6分）如圖所示
②（5分）
10.解:當指針偏轉一周時,測量值達到最大設為M.則
彈簧的形變量為△x = 2πR (5分)
Mg = 2k△x (5分)
所以
Mg = 4kπR (3分)
得M=
4kπR/g 代入數據 M=
11.解
⑴由(c)圖知，線圈往返每次運動都是勻速直線運動
V=
（3分）
因磁場均勻輻向，可見線圈每次運動切割磁感線產生感應電動勢恒定：
(6分)
∴I=
(3分)
發電機輸出功率就等于電珠的電功率：
P出=I2R2=0.32W (2分)
⑵因勻速：F推=F安=nBIL=2πnrBI=0.5(N) (5分)
12.解:
(1)粒子運動軌跡如圖所示,設粒子在P點時速度大小為
,OQ段為四分之一圓弧,QP段為拋物線,根據對稱性可知,粒子在Q點的速度大小也為,方向與x軸正方向成450.可得
（1分）
(2)Q到P過程,由動能定理得
（3分）
即
（1分）
(3)在Q點時,
（2分）
由P到Q過程中,
豎直方向上有:
（1分） 
（2分）
水平方向有:
（1分） 則OQ=
得粒子在OQ段圓周運動的半徑
（2分）
Q到O的時間:
（2分）
粒子從P到O點所用的時間:t=t1+t2=
（2分）
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