題目列表(包括答案和解析)
利用如圖所示的電路測定電源的電動勢和內電阻，提供的器材有
(A)干電池兩節，每節電池的電動勢約為1.5 V，內阻未知
(B)直流電壓表V1、V2，內阻很大
(C)直流電流表A，內阻可忽略不計
(D)定值電阻R0，阻值未知，但不小于5 Ω
(E)滑動變阻器
(F)導線和開關
(1)甲同學利用該電路完成實驗時，由于某根導線發生斷路故障，因此只記錄了一個電壓表和電流表的示數，如下表所示：
試利用表格中的數據作出U－I圖，由圖象可知，該同學測得兩節干電池總的電動勢值為________V，總內阻為________Ω．由計算得到的數據可以判斷能夠正確示數的電壓表應為表________(選填“V1”或“V2”)．
(2)乙同學在找出斷路的導線并調換好的導線后，連接該電路繼續實驗時，由于電流表發生短路故障，因此只能記下兩個電壓表的示數，該同學利用表中的數據，以表V1的示數U1為橫坐標、表V2的示數U2為縱坐標作圖象，也得到一條不過原點的直線，已知直線的斜率為k，縱截距為b，則兩節干電池總的電動勢大小為________V，兩節干電池的總內阻________(選填“可以”或“不可以”)求出．
利用如圖所示的電路測定電源的電動勢和內電阻，提供的器材有
(A)干電池兩節，每節電池的電動勢約為1.5 V，內阻未知
(B)直流電壓表V1、V2，內阻很大
(C)直流電流表A，內阻可忽略不計
(D)定值電阻R0，阻值未知，但不小于5 Ω
(E)滑動變阻器
(F)導線和開關
(1)甲同學利用該電路完成實驗時，由于某根導線發生斷路故障，因此只記錄了一個電壓表和電流表的示數，如下表所示：
試利用表格中的數據作出U－I圖，由圖象可知，該同學測得兩節干電池總的電動勢值為________V，總內阻為________Ω．由計算得到的數據可以判斷能夠正確示數的電壓表應為表________(選填“V1”或“V2”)．
(2)乙同學在找出斷路的導線并調換好的導線后，連接該電路繼續實驗時，由于電流表發生短路故障，因此只能記下兩個電壓表的示數，該同學利用表中的數據，以表V1的示數U1為橫坐標、表V2的示數U2為縱坐標作圖象，也得到一條不過原點的直線，已知直線的斜率為k，截距大小為b，則兩節干電池總的電動勢大小為________，兩節干電池的總內阻________(選填“可以”或“不可以”)求出．
利用如圖所示的電路測定電源的電動勢和內電阻，提供的器材為________
(A)干電池兩節，每節電池的電動勢約為1.5 V，內阻未知
(B)直流電壓表V1、V2，內阻很大
(C)直流電流表A，內阻可忽略不計
(D)定值電阻R0，阻值未知，但不小于5 W
(E)滑動變阻器
(F)導線和開關
(1)甲同學利用該電路完成實驗時，由于某根導線發生斷路故障，因此只記錄了一個電壓表和電流表的示數，如下表所示：
試利用表格中的數據作出U－I圖，由圖像可知，該同學測得兩節干電池總的電動勢值為________V，總內阻為________W ．由計算得到的數據可以判斷能夠正確示數的電壓表應為表________(選填“V1”或“V2”)
(2)乙同學在找出斷路的導線并調換好的導線后，連接該電路繼續實驗時，由于電流表發生短路故障，因此只能記下兩個電壓表的示數，該同學利用表中的數據，以表V1的示數U1為橫坐標、表V2的示數U2為縱坐標作圖像，也得到一條不過原點的直線，已知直線的斜率為k，截距為b，則兩節干電池總的電動勢大小為________，兩節干電池的總內阻為________(選填“可以”或“不可以”)求出．
如果該同學希望通過利用圖像的截距直接得到電源的電動勢，保持為縱坐標不變，應該選用________作為橫坐標作圖．
一、1、C 2、B 3、C 4、C 5、C 6、C 7、D 8、ACD
二、實驗題：（18分）將答案填在題目的空白處，或者要畫圖連線。
9、（9分）①（2分）P
②（3分）3.66×10-3(或3.7×10-3); 0.54%
在實驗誤差允許范圍內，可認為系統在碰前的動量和碰后的支量是相等的。
③（2分）D
④（2分）
10、（9分）（1）（3分）2.90，3.50，V1，（2）（6分）E＝b/（1－k），I不可以，U1－U2，
三、本大題共三小題共計54分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題．答案中必須明確寫出數值和單位
11、（16分）（1）（4分）加速度大小 a = 20m/s2 （1分）
根據牛頓第二定律 Eq = ma （1分）
解得場強 E = 2.0×104N/C （1分）
方向沿x軸負方向 （1分）
（2）（6分）物體在O點的初速度 v0 = 6.0m/s （1分）
減速時間 t1 = 
= 0.3s
（1分）
0.3s內經過的路程 x1
= 
= 0.9 m （1分）
后0.2s物體做勻加速直線運動，經過的路程
x2 = 
= 0.4m
（1分）
0.5s內物體經過的路程 s = x1+x2 = 1.3m （2分）
（3）（6分）第0.6s末帶電物體回到坐標原點O （1分）
之后的0.2s物體以初速度v0做類平拋運動
在y方向根據牛頓第二定律
Eq ? mg = ma′ （1分）
（1分）
解得物體在y方向經過的距離y0 = 0.2m （1分）
電場力做功 W = Eq y0 = 8.0×10-3J （1分）
所以電勢能減少8.0×10-3J （1分）
（或電勢能的變化量為 ∆EP = ? 8.0×10-3J）
12、（18分）（1）飛機水平速度不變 
（1分）
y方向加速度恒定 
（2分）
消去t即得 
（2分）
由牛頓第二定律 
（3分）
（2）升力做功
（3分）
在h處 
（3分）
∴ 
（4分）
13、（20分）（1）當ab剛處于磁場時燈正好正常工作，U外=U，U內=2U，
（6分）
（2）因為勻速移動，所以在磁場區域經過棒ab的過程中，燈一直正常工作，故等L1消耗的電能為
（6分）
（3）棒與燈1并聯后，再與2串聯，所以要保證燈2不會燒壞就可以，即以燈2正常工作為準。
（8分）
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