題目列表(包括答案和解析)
位于坐標原點的波源產生一列沿x軸正方向傳播的波，波速，已知t=0時，波剛好傳播到
處，如圖所示。如果在
處放置一接收器，則下列說法中正確的是
（ ）
A．波源的起振方向向下
B．x=40m的質點在t=0．5s時位移為最大
C．接收器t=1s時才能接收到此波
D．若波源向x軸負方向移動，則接收器接收到的波的頻率將變小
A.在t=0時,位移為4.0×10-2 m B.在t=0時,速度沿y軸負方向
C.在t=0.1 s時,位移為-8.0×10-2 m D.在t=0.1 s時,速度沿y軸正方向
在坐標原點的波源 S產生一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速 v=400m/s，已知 t=0時，波剛好傳播到 x=40m處，如圖所示．在x=400m處有一接收器（圖中未畫出），則下列說法正確的是 （ ）
A．波源 S開始振動時方向沿y軸正方向
B．x=40m的質點在 t=0．5s時位移最大
C．接收器 t=1s時才能接收到此波
D．若波源 S向x軸負方向運動，則接收器接收到的波的頻率將變小
如圖，在原點處做簡諧運動的波源產生的機械波沿x軸正方向傳播，波速v=400m/s．為了接收信號，在x=400m處設有一接收器A（圖中未標出）．已知t=0時，波已經傳播到x=40m處，則下列說法中不正確的是（ ）某交流發電機給燈泡供電,產生正弦式交變電流的圖像如圖所示,下列說法中正確的是( )
A.交變電流的頻率為0.02 Hz
B.交變電流的瞬時表達式為i=5cos(50πt) A
C.在t=0.01 s時,穿過交流發電機線圈的磁通量為零
D.若發電機線圈電阻為0.4 Ω,則其產生的熱功率為5 W
一．選擇題
1.C
2.D
3.D
4.D
5.A
6.C
7. AC
8. B
9.AC
10.C
二．實驗題
11 . 1．（1）×100；（2分）（2）T；（2分）
2．20kΩ；（2分）
3．（1）
①按電路圖連接好電路。
②將開關S與1連接。讀出此時電流表示數。
③將電阻箱調為最大，然后將S與2連接，調節電阻箱的阻值，使電流表的示數與步驟（2）中電流表示數相同。讀出此時電阻箱的阻值R，則被測電阻Rx=R
④斷開電路整理好器材
（每空1分；順序顛倒但合理同樣給分。）
（2）實物圖連接略（2分）
12．（1）保證小球沿水平方向拋出（2分） （2）（2分）（3）0.52（2分）
三．計算題：
13．解析：設彈簧的彈性勢能為 E，小球的質量為 m，小球在空中運動的時間為 t，第一次彈出時小球的速度為 v 。
則有
① （2分）
運動的水平距離
② （1分）
設第二次彈出時小球的速度為 v1 ，小車的速度為 v2
則有
③ （2分）
且
④ （2分）
而
⑤ （2分）
由①、②、③、④、⑤得 
（1分）
14.解析：（1）切割磁感線的速度為v，任意時刻線框中電動勢大小
，（4分） 導線中的電流大小
（4分）
（2）線框所受安培力的大小和方向
（4分） 由左手定則判斷、線框所受安培力的方向始終沿x軸正方向.
15.解：（1）帶負電粒子射入磁場后，由于受到洛倫茲力的作用，粒子將沿圖示的軌跡運動，從A點射出磁場，設O、A間的距離為L，射出時速度的大小仍為v，射出方向與x軸的夾角仍為θ，由洛倫茲力公式和牛頓定律可得：
qv0B=m
（1分）
式中R為圓軌道半徑，解得：
R=
（2分）
圓軌道的圓心位于OA的中垂線上，由幾何關系可得：
=Rsinθ （2分）
聯解①②兩式，得：L=
（2分）
所以粒子離開磁場的位置坐標為（-，0）（2分）
（2）因為T=
=
（2分）
所以粒子在磁場中運動的時間，t＝
（2分）
16．解析：(1)設帶電橡膠棒剛好全部進入“U”形框架時，達到與“U”形框架共速v，則由動能定理：
……………………………………①
由動量守恒：mv0=(m+M)v………………………………………………………②
其中E=
………………………………………………………………………③
由①②③式聯立得：L=0.3125(m)
∴L>l………………………………………………………………………………④
橡膠棒能全部進入“U”形框架.
(2)設相互作用過程中“U”形框架的最終速度為v2,棒的最終速度為v1
由(1)知棒能全部穿出“U”形框架
由動能定理：2×
………………………………⑤
由動量守恒：mv0=mv1+Mv2 ……………………………………………………⑥
由③⑤⑥式聯立得：v2=
(3)系統增加的電勢能等于機械能的減小量
△E=
(J) ……………………………………………⑧
評分標準：本題共18分，①②③④⑤⑥⑦⑧式各1分。
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