Question

（2007•東城區(qū)一模）已知f（x）=（x-1）²，g（x）=10（x-1），數(shù)列{a_n}滿足a₁=2，（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0，b_n=

9

10

(n+2)(an-1)．
（1）求證：數(shù)列{a_n-1}是等比數(shù)列；  
（2）當(dāng)n取何值時(shí)，{b_n}取最大值，并求出最大值；
（3）若

tm

bm

＜

tm+1

bm+1

對(duì)任意m∈N^*恒成立，求實(shí)數(shù)t的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）將a_n，代入函數(shù)f（x）與g（x）的解析式化簡(jiǎn)得（a_n-1）[10×（a_n+1-a_n）+a_n-1]=0，所以兩邊除以a_n-1，得10（a_n+1-1）=9（a_n-1），而a₁-1=1，{a_n-1}就是首項(xiàng)為1，公比為

9

10

的等比數(shù)列．
（2）求出b_n的通項(xiàng)公式，然后研究{b_n}的單調(diào)性，從而求出n取何值時(shí)，b_n取最大值，以及最大值；
（3）設(shè)數(shù)列{

tn

bn

}，若

tm

bm

＜

tm+1

bm+1

對(duì)任意m∈N^*恒成立，則數(shù)列{

tn

bn

}為遞增數(shù)列，設(shè)其通項(xiàng)為c_n=

1

n+2

(

10t

9

)n為遞增數(shù)列；那么對(duì)于任意的自然數(shù)n，我們都有c_n+1≥c_n，從而求出t的取值范圍．

解答：證明：（1）由方程，（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0
得：（a_n+1-a_n）×10×（a_n-1）+（a_n-1）²=0
整理得（a_n-1）[10×（a_n+1-a_n）+a_n-1]=0；
顯然由a₁=2，則a_n顯然不是常數(shù)列，且不等于1，所以兩邊除以a_n-1；
得10×（a_n+1-a_n）+a_n-1=0．整理后得：10（a_n+1-1）=9（a_n-1），
a₁-1=1，{a_n-1}就是首項(xiàng)為1，公比為

9

10

的等比數(shù)列．
解：（2）將a_n-1=（

9

10

）^n-1代入bn=

9

10

(n+2)(an-1)得b_n=（

9

10

）ⁿ×（n+2）．
b_n+1-b_n=（

9

10

）ⁿ⁺¹×（n+3）-（

9

10

）ⁿ×（n+2）=（

9

10

）ⁿ×

7-n

10

．
∴{b_n}在[1，7]上單調(diào)遞增，在[8，+∞）上單調(diào)遞減
∴當(dāng)n取7或8，{b_n}取最大值，最大值為9×（

9

10

）⁷
（3）設(shè)數(shù)列{

tn

bn

}，若

tm

bm

＜

tm+1

bm+1

對(duì)任意m∈N^*恒成立，
則數(shù)列{

tn

bn

}為遞增數(shù)列，設(shè)其通項(xiàng)為c_n=

1

n+2

(

10t

9

)n為遞增數(shù)列；
那么對(duì)于任意的自然數(shù)n，我們都有c_n+1＞c_n 顯然我們可以得：

10t

9

＞

n+3

n+2

該不等式恒成立條件是左邊的比右邊的最大值還要大，就行取n=1．求得t＞

6

5

∴實(shí)數(shù)t的取值范圍為（

6

5

，+∞）

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了等比數(shù)列的判定，以及數(shù)列的最值和數(shù)列的單調(diào)性的判定，是一道綜合題，有一定的難度．