Question

已知直線l₁、l₂經(jīng)過(guò)K（2，2）
（1）如圖1，直線l₂⊥l₁于K．直線l₁分別交x軸、y軸于A點(diǎn)、B點(diǎn)，直線l₂，分別交x軸、y軸于C、D，求OB+OC的值；
（2）在第（1）問(wèn)的條件下，求S_△ACK-S_△OCD的值：
（3）在第（2）問(wèn)的條件下，如圖2，點(diǎn)J為AK上任一點(diǎn)（J不于點(diǎn)A、K重合），過(guò)A作AE⊥DJ于E，連接EK，求∠DEK的度數(shù)．

Answer 1

分析：（1）過(guò)K點(diǎn)分別作x軸、y軸的垂線KM、KN，垂足分別為M、N，求出∠KNB=90°，∠KNO=∠KMO=∠NOM=90°，KM=KN=2，求出∠CKM=∠BKN，證△KCM≌△KBN，推出CM=BN，求出OB+OC=ON+OM，即可求出答案；
（2）求出∠AKM=∠NKD，∠KND=∠KMA=90°，證△AMK≌△DNK，得出S_△AMK=S_△DNK，求出S_△ACK-S_△OCD=S_{正方形OMKN}，即可求出答案．
（3）求出AK=DK，在DE上截取DF=AE，連接KF，由三角形內(nèi)角和定理求出∠KDF=∠KAE，證△KDF≌△KAE，求出KF=EK，∠DKF=EKA，求出∠FKE=∠CKA=90°，得出△KEF是等腰直角三角形，求出即可．

解答：（1）解：過(guò)K點(diǎn)分別作x軸、y軸的垂線KM、KN，垂足分別為M、N，
則∠KNB=90°，∠KNO=∠KMO=∠NOM=90°，
即∠NKM=90°，
∵K（2，2），
∴KM=KN=2，
∵DK⊥AB，
∴∠BKC=∠AKC=∠NKM=90°，
∴∠CKM=∠BKN=90°-∠NKC，
在△KCM和△KBN中

∠KMC=∠KNB KM=KN ∠CKM=∠BKN

∴△KCM≌△KBN，
∴CM=BN，
∴OB+OC=ON+BN+OC=ON+CM+OC=ON+OM=2+2=4．

（2）解：∵∠AKC=∠MKN=90°，
∴∠AKM=∠NKD=90°-∠CKM，
∵∠KND=∠KMA=90°，
∴在△AMK和△DNK中

∠KMA=∠KND KM=KN ∠AKM=∠DKN

∴△AMK≌△DNK，
∴S_△AMK=S_△DNK，
∴S_△ACK-S_△OCD=S_△AMK+S_△CKM-S_△DOC=S_△DNK-S_△DOC+S_△CKM=S_{正方形OMKN}=2×2=4．

（3）解：
由（2）知△AMK≌△DNK．AK=DK，
在DE上截取DF=AE，連接KF，
∵AE⊥EF，DK⊥AB，
∴∠DKJ=∠AEJ=90°，
∵∠KJD=∠EJA，
∴由三角形內(nèi)角和定理得：∠KDF=∠KAE，
在△KDF和△KAE中

KD=KA ∠KDF=∠KAE DF=AE

∴△KDF≌△KAE，
∴KF=EK，∠DKF=EKA，
∵∠DKA=90°，
∴∠FKE=∠FKA+∠EKA=∠FKA+∠DKF=∠CKA=90°，
∴△KEF是等腰直角三角形，
∴∠DEK=45°．

點(diǎn)評(píng)：本題考查等腰直角三角形的性質(zhì)和判定，全等三角形的性質(zhì)和判定，三角形內(nèi)角和定理，坐標(biāo)與圖形性質(zhì)的應(yīng)用，主要考查學(xué)生綜合運(yùn)用性質(zhì)進(jìn)行推理和計(jì)算的能力，難度偏大．