題目列表(包括答案和解析)
“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中
(1)如圖9-11所用的電表指針偏轉方向
與流入電流的關系是:當電流從正接線柱流入電表時，指針偏向正接線柱一側.一位學生用這個電表探測基準點2兩側的等勢點時，把接電表正接線柱的探針E1接觸基準點2，把接電表負接線柱的探針E2接觸紙上某一點，發現表的指針發生了偏轉，為了探測到等勢點，則( )
A.若電表指針偏向正接線柱一側，E2應右移
B.若電表指針偏向正接線柱一側，E2應左移
C.若電表指針偏向負接線柱一側，E2應
右移
D.若電表指針偏向負接線柱一側，E2應左移
(2)在平整的木板上依次鋪放白紙、復寫紙和導電紙.在導電紙上平放兩個圓柱形電極A與B，分別與直流電源的正、負極接好，如圖9-12所示.若以A、B連線為x軸，A、B連線的中垂線為y軸，將一個探針固定在y軸上的某一點，沿x軸移動另一個探針，發現無論怎樣移動，靈敏電流表的指針都不偏轉，若電源及連線都是完好的，可能的故障是_______.將實驗故障排除后，探針從BO間某處沿x軸向電極A移動的過程中，電流表中指針偏轉的情況是_______.
圖9-1
1
圖9-12
在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中，電路如圖：
在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”實驗中，如果所用電表D的指針偏轉方向與電流方向的關系是：當電流從電表的正接線柱流入電表D時，指針偏向正接線柱一側，某同學用這個電表探測基準點2兩側的等勢點時，把跟電表正接線柱相連接的探針Ⅰ觸在基準點2上，把跟電表負接線柱相連接的探針Ⅱ與導電紙上某點接觸，如圖所示，若發現電表指針發生了偏轉，該同學將探針Ⅱ移動的方向正確的是
(1)應該使用的器材是_____________________________
A.6 V的交流電源
B.6 V的直流電源
C.量程0—0.5 V，零刻度線在刻度盤左邊的電壓表
D.量程0—0.5 V，零刻度線在刻度盤中央的電壓表
E.量程0—300 μA，零刻度線在刻度盤左邊的電流表
F.量程0—300 μA，零刻度線在刻度盤中央的電流表
(2)①實驗中接通電路后，若一個探針與基準點b接觸，另一個探針分別在基準點兩側找到了實驗所需的點M、N，如圖所示，則當此探針與M點接觸時，電流表指針應________(填“左偏”、“指零”或“右偏”)；當此探針與N點接觸時，電流表指針應_______(填“左偏”、“指零”或“右偏”)。
②在a,b,c,d,e五個基準點中，電勢最高的點是________點。
③若電流表兩表筆分別接觸圖中d,f兩點(df連線與AB垂直)時，表針反偏(電流從紅表筆進時表針正偏)，則電流表的紅表筆接在_______點，要使電流表指針仍指在零刻線，應將按f的探針向________(填“左”或“右”)移動。
一、1、C2、C 3、B 4、C 5、BC 6、B 7、AD 8、D
二、實驗題：（18分）將答案填在題目的空白處，或者要畫圖連線。
9、（6分）__BE_ （3分） ____AD___（3分）
10、（12分）（1）如圖b（4分）
（2）由于RL2比RL1小得多，燈泡L2分得的電壓很小，雖然有電流渡過，但功率很小，不能發光。（4分）
（3）如圖c
解析：由于燈泡L2和L1額定電壓相同，燈泡L2功率大得多，故RL2比RL1小得多，燈泡L2分得的電壓很小，雖然有電流渡過，但功率很小，不能發光。（4分）
三、本大題共三小題共計54分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題．答案中必須明確寫出數值和單位
11、（16分）(1) 根據帶電小球A恰能做完整的圓周運動，因
，則小球能通過復合場中的最高點P（如圖）設經過軌道上的P點的速度為v，由小球A的重力和電場力的合力提供向心力有：
…………①（3分）
在圓周軌道的最低點彈簧將B、A兩球向左、右彈開，設彈開時A、B兩球的速度大小分別為vA、vB，由動量守恒有：
，即
…………②（3分）
小球A從圓周軌道的最低點運動到P的過程中，由動能定理有：
…③（2分）
由①②③求得：
(2)設BC碰后速度為v1 , B與C碰撞動量守恒
得v1=
BC整體減速,D球加速,當兩者速度相等時設為v2,彈簧最短,彈性勢能最大
得v2=
m/S ……⑤（3分）
EP m=
……⑥（3分）
12、（18分）（1）（6分）設球到D點時的速度為
，從釋放至D點，
根據動能定理
（3分）
對
球，根據動量守恒定律 
（2分）
解得
（1分）
（2）（6分）兩球進入復合場后，由計算可知
兩球在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，軌跡示意圖如右圖所示（1分）
洛倫茲力提供向心力
（2分）
由圖可知
（2分）
解得
（1分）
（3）（6分）
系統損失的機械能
或
解得
13、（20分）⑴設勻速直線運動的速度為v0， ef有效切割長度為l，則電流：
，由于v0不變，所以I不變。或由平衡條件證明同樣給分（4分）
⑵由能量守恒，得：…
………………………（2分）
設彈簧形變量為x，由平衡條件，得： 2BIxtan30°= kx…………（2分）
解得 v0 = （2分） k = …（2分）
⑶ef越過O點后，與彈簧脫離，設導體棒最終停止位置距O點的距離為x0，某時刻回路中ef有效切割長度為L1，ef的速度為v，加速度為a，電流為I， 據牛頓第二定律，得：― BIL1= ma
電流 I = = 得： ― = ma……………………… (3分)
取一小段時間△t，速度微小變化為△v，回路面積微小增加為△S，則 ― △t = ma△t
即： ― ∑△t = ∑ma△t ―∑L1v△t = m∑a△t ―∑△S = m∑△v
― x02tan300= 0－mv0 (3分) 將 v0= 代入，得：x 0 = ―― (2分)
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