題目列表(包括答案和解析)
在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中：
(1)應該使用的器材是
A．6 V的交流電源
B．6 V的直流電源
C．量程0～0.5 V，零刻度線在刻度盤左邊的電壓表
D．量程0～0.5 V，零刻度線在刻度盤中央的電壓表
E．量程0～300 μA，零刻度線在刻度盤左邊的電流表
F．量程0～300 μA，零刻度線在刻度盤中央的電流表
(2)①實驗中接通電路后，若一個探針與基準點b接觸，另一個探針分別在基準點兩側找到了實驗所需的點M、N，如圖所示，則當此探針與M點接觸時，電流表指針應________(填“左偏”、“指零”或“右偏”)；當此探針與N點接觸時，電流表指針應________(填“左偏”、“指零”或“右偏”)．
②在a、b、c、d、e五個基準點中，電勢最高的點是________點．
③若電流表兩表筆分別接觸圖中d、f兩點(點d、f連線與AB垂直)時，表針反偏(電流從紅表筆流進時表針正偏)，則電流表的紅表筆接在________點，要使電流表指針仍指在零刻線，應將按f的探針向________(填“左”或“右”)移動．
（1）圖示甲為簡單歐姆表原理示意圖，其中電流表的偏電流IR=300μA，內阻Rg=100Ω，可變電阻R的最大阻值為10kΩ，電池的電動勢E=1.5V，內阻r=0.5Ω，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應是| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
（9分）(1)如圖所示為簡單歐姆表原理示意圖，其中電流表的滿偏電流Ig＝300μA，內阻Rg＝100Ω，可變電阻R的最大阻值為10 kΩ，電池的電動勢E=1.5V，內阻r ＝0.5Ω，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應該是（ ）（填“紅”或“黑”）色，按正確使用方法測量電阻Rx的阻值時，指針指在刻度盤的正中央，則Rx＝ kΩ。若該歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變小，內阻變大，但此表仍能調零，用正確使用方法再測上述Rx其測量結果與原結果相比較（ ）。（填“變大”、“變 小”或“不變”）
⑵ 測量電阻器的電阻時，有下列器材可供選擇
A．待測電阻器Rx（阻值約為5Ω） B．電流表A1（量程3mA，內阻r1=10Ω）
C．電流表A2（量程0．6A，內阻r2約為1Ω） D．電壓表V（量程6V，內阻約3KΩ）
E．定值電阻R1=990Ω F．定值電阻R2=9990Ω
G．滑線變阻器R（最大阻值為3Ω，額定電流為1.0 A） H．電源（電動勢3V，內阻約為1Ω）
I．導線、電鍵
① 為盡可能精確測量電阻值，請將設計電路圖填在方框中
② 不選擇的器材有：
③ 計算Rx的表達式 （用電表的讀數和定值電阻的阻值表示）
在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中：
(1)在下列所給出的器材中，應該選用的是 (用器材前的字母表示)：
A．6V的交流電源 B．6V的直流電源 C．100V的直流電源
D．量程0—3V，零刻線在刻度盤中央的電壓表
E．量程0—300μA，零刻線在刻度盤中央的靈敏電流表
(2)在實驗中，要把復寫紙、導電紙、白紙鋪放在木板上，它們的順序(自上而下)
是① ；② ；③ ，且導電紙有導電物質的一面要朝 (填“上”或“下”)。
(3)在實驗中，閉合開關，接通電路。若一個探針與基準點O接觸，另一探針已分別在基準點O的附近找到實驗所需要的兩個等勢點a、b(如圖所示)，則當此探針與a點接觸時，電表的指針應 (填“向左偏”、“指零”或“向右偏”)
一、1、C2、C 3、B 4、C 5、BC 6、B 7、AD 8、D
二、實驗題：（18分）將答案填在題目的空白處，或者要畫圖連線。
9、（6分）__BE_ （3分） ____AD___（3分）
10、（12分）（1）如圖b（4分）
（2）由于RL2比RL1小得多，燈泡L2分得的電壓很小，雖然有電流渡過，但功率很小，不能發(fā)光。（4分）
（3）如圖c
解析：由于燈泡L2和L1額定電壓相同，燈泡L2功率大得多，故RL2比RL1小得多，燈泡L2分得的電壓很小，雖然有電流渡過，但功率很小，不能發(fā)光。（4分）
三、本大題共三小題共計54分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題．答案中必須明確寫出數值和單位
11、（16分）(1) 根據帶電小球A恰能做完整的圓周運動，因
，則小球能通過復合場中的最高點P（如圖）設經過軌道上的P點的速度為v，由小球A的重力和電場力的合力提供向心力有：
…………①（3分）
在圓周軌道的最低點彈簧將B、A兩球向左、右彈開，設彈開時A、B兩球的速度大小分別為vA、vB，由動量守恒有：
，即
…………②（3分）
小球A從圓周軌道的最低點運動到P的過程中，由動能定理有：
…③（2分）
由①②③求得：
(2)設BC碰后速度為v1 , B與C碰撞動量守恒
得v1=
BC整體減速,D球加速,當兩者速度相等時設為v2,彈簧最短,彈性勢能最大
得v2=
m/S ……⑤（3分）
EP m=
……⑥（3分）
12、（18分）（1）（6分）設球到D點時的速度為
，從釋放至D點，
根據動能定理
（3分）
對
球，根據動量守恒定律 
（2分）
解得
（1分）
（2）（6分）兩球進入復合場后，由計算可知
兩球在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，軌跡示意圖如右圖所示（1分）
洛倫茲力提供向心力
（2分）
由圖可知
（2分）
解得
（1分）
（3）（6分）
系統(tǒng)損失的機械能
或
解得
13、（20分）⑴設勻速直線運動的速度為v0， ef有效切割長度為l，則電流：
，由于v0不變，所以I不變。或由平衡條件證明同樣給分（4分）
⑵由能量守恒，得：…
………………………（2分）
設彈簧形變量為x，由平衡條件，得： 2BIxtan30°= kx…………（2分）
解得 v0 = （2分） k = …（2分）
⑶ef越過O點后，與彈簧脫離，設導體棒最終停止位置距O點的距離為x0，某時刻回路中ef有效切割長度為L1，ef的速度為v，加速度為a，電流為I， 據牛頓第二定律，得：― BIL1= ma
電流 I = = 得： ― = ma……………………… (3分)
取一小段時間△t，速度微小變化為△v，回路面積微小增加為△S，則 ― △t = ma△t
即： ― ∑△t = ∑ma△t ―∑L1v△t = m∑a△t ―∑△S = m∑△v
― x02tan300= 0－mv0 (3分) 將 v0= 代入，得：x 0 = ―― (2分)
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