題目列表(包括答案和解析)
邊長為L的正方形金屬框在水平恒力F作用下運動，穿過方向如圖的有界勻強磁場區(qū)域．磁場區(qū)域的寬度為d（d＞L）．已知ab邊進(jìn)入磁場時，線框的加速度恰好為零．則線框進(jìn)入磁場的過程和從磁場另一側(cè)穿出的過程相比較，有（ ）
邊長為L的正方形金屬框在水平恒力作用下，穿過如圖所示的有界勻強磁場，磁場寬度為d（d＞L），已知ab邊進(jìn)入磁場時，線框剛好做勻速運動，則線框進(jìn)入磁場過程和從磁場另一側(cè)穿出過程相比較，說法正確的是（ ）邊長為L的正方形金屬框在水平恒力F作用下，將穿過方向如圖所示的有界勻強磁場。磁場范圍為d（d＞L），已知線框進(jìn)入磁場時恰好勻速，則線框進(jìn)入磁場的過程和從另一側(cè)穿出磁場的過程相比較，下列說法正確的是（ ）
A．線框中感應(yīng)電流的方向相反
B．所受安培力的方向相反
C．穿出磁場過程產(chǎn)生的電能一定大于進(jìn)入磁場過程產(chǎn)生的電能
D．穿出磁場過程中任意時刻的電功率不可
能小于進(jìn)入磁場時的電功率
邊長為L的正方形金屬框在水平恒力F作用下運動，穿過方向如圖的有界勻強磁場區(qū)域，磁場區(qū)域的寬度為d(d>L)．已知ab邊進(jìn)入磁場時，線框的加速度恰好為零．則線框進(jìn)入磁場和穿出磁場的過程相比較，有
| A．產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反 |
| B．受的安培力大小相等方向相反 |
| C．進(jìn)入磁場過程的時間等于穿出磁場過程的時間 |
| D．進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的熱量少于穿出磁場過程產(chǎn)生的熱量 |
邊長為L的正方形金屬框在水平恒力F作用下運動，穿過方向如圖的有界勻強磁場區(qū)域．磁場區(qū)域的寬度為d（d>L）。已知ab邊進(jìn)入磁場時，線框的加速度恰好為零．則線框進(jìn)入磁場的過程和從磁場另一側(cè)穿出的過程相比較，有 
| A．產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反 |
| B．所受的安培力方向相同 |
| C．進(jìn)入磁場過程的時間等于穿出磁場過程的時間 |
| D．進(jìn)入磁場過程和穿出磁場過程中通過導(dǎo)體內(nèi)某一截面的電量相等 |
一、選擇題（每小題5分，共60分）
1．C 2．Ａ 3．D 4．B C 5． C 6．B D
7．B 8．Ａ 9．B 10．C 11．D 12．ＡD
二、填空題和實驗題（每題6分，共30分）
13．mAgcosθ； mBg - mAgsinθ 。
14．3×10―4； 1。
15．
16．a(chǎn) = (s2-2s1) / T2 或 a = (s3-2s2+ s1) / T2 或a = (s3-s2-s1) / 2T2；
vc = (s3-s1) / 2T 。
17．(1)如答圖1；
(2)0～6.4； (3)
。
三、計算題（60分）
18．（10分）解：
（1）取物體運動方向為正，由平衡條件有
Fcosθ-f = 0 N = mg-Fsinθ 又f =μN
所以有
(4分)
(2) 由牛頓第二定律有 -μmg=ma a = -μg=-0.4×
（3）據(jù)0-v02=2as， 有
m
(3分)
19．（12分）解：
（1）感應(yīng)電動勢為 E=BLv=1.0V
感應(yīng)電流為 
=
（2）導(dǎo)體棒勻速運動，安培力與拉力平衡
即有F=BIL=0.1N （4分）
（3） 導(dǎo)體棒移動
= 0.03s
根據(jù)焦耳定律， Q1 = I2R t = 0.03J （或Q1=Fs=0.03J）
根據(jù)能量守恒，
Q2=
= 0.5J
電阻R上產(chǎn)生的熱量 Q = Q1+Q2 = 0.53J （4分）
20．（12分）解：
（1）能求出地球的質(zhì)量M （1分）
方法一： 
= mg ， M =
方法二： 
= 
， M =
（3分）
（寫出一種方法即可）
（2）能求出飛船線速度的大小V （1分）
V =
( 或R 
) （3分）
（3）不能算出飛船所需的向心力 （1分）
因飛船質(zhì)量未知 （3分）
21．（12分）解：
（1）由機械能守恒定律，有
（4分）
（2）A、B在碰撞過程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，由動量守恒，有
（4分）
（3）A、B克服摩擦力所做的功
由能量守恒定律，有 
解得 
（4分）
22．（14分）解：
（1）當(dāng)小球離開圓弧軌道后，對其受力分析如圖所示，
由平衡條件得：F電 = qE
= mgtan
（2分）
代入數(shù)據(jù)解得：E =3 N/C （1分）
（2）小球從進(jìn)入圓弧軌道到離開圓弧軌道的過程中，由動能定理得：
F電
（2分）
代入數(shù)據(jù)得：
（1分）
由
（2分）
解得：B=1T （2分）
分析小球射入圓弧軌道瞬間的受力情況如圖所示，
由牛頓第二定律得：
（2分）
代入數(shù)據(jù)得：
（1分）
由牛頓第三定律得，小球?qū)壍赖膲毫?/p>
（1分）
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