題目列表(包括答案和解析)
如圖所示的實驗中，橡皮條的O端固定，用A、B兩個彈簧秤拉橡皮條的另一端D，使其伸長到E點(diǎn)，A、B兩彈簧秤彈力FA、FB的大小和方向如圖中所示，且（α+β）＜90°．保持A的讀數(shù)不變，當(dāng)α角的大小由圖示位置逐漸減小時，欲使D端仍在E點(diǎn)保持不動，則應(yīng)采取的方法是（ ）| A．使B的讀數(shù)變大，同時使β角變小 |
| B．使B的讀數(shù)變大，同時使β角變大 |
| C．使B的讀數(shù)變小，同時使β角變小 |
| D．使B的讀數(shù)變小，同時使β角變大 |
如圖所示的實驗中，橡皮條的O端固定，用A、B兩個彈簧秤拉橡皮條的另一端D，使其伸長到E點(diǎn)，A、B兩彈簧秤彈力FA、FB的大小和方向如圖中所示，且（α+β）＜90°．保持A的讀數(shù)不變，當(dāng)α角的大小由圖示位置逐漸減小時，欲使D端仍在E點(diǎn)保持不動，則應(yīng)采取的方法是
如圖所示，xpy為直角支架，桿xp、繩ao均水平，繩bo與水平方向夾角為60°．如果在豎直平面內(nèi)使支架沿順時針緩慢轉(zhuǎn)動至桿yp水平，始終保持ao、bo兩繩間的夾角120°不變．在轉(zhuǎn)動過程中，設(shè)繩ao的拉力Fa、繩bo的拉力Fb，則下面說法中不正確的是（ ）
一、選擇題（每小題5分，共60分）
1．C 2．Ａ 3．D 4．B C 5． C 6．B D
7．B 8．Ａ 9．B 10．C 11．D 12．ＡD
二、填空題和實驗題（每題6分，共30分）
13．mAgcosθ； mBg - mAgsinθ 。
14．3×10―4； 1。
15．
16．a(chǎn) = (s2-2s1) / T2 或 a = (s3-2s2+ s1) / T2 或a = (s3-s2-s1) / 2T2；
vc = (s3-s1) / 2T 。
17．(1)如答圖1；
(2)0～6.4； (3)
。
三、計算題（60分）
18．（10分）解：
（1）取物體運(yùn)動方向為正，由平衡條件有
Fcosθ-f = 0 N = mg-Fsinθ 又f =μN(yùn)
所以有
(4分)
(2) 由牛頓第二定律有 -μmg=ma a = -μg=-0.4×
（3）據(jù)0-v02=2as， 有
m
(3分)
19．（12分）解：
（1）感應(yīng)電動勢為 E=BLv=1.0V
感應(yīng)電流為 
=
（2）導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動，安培力與拉力平衡
即有F=BIL=0.1N （4分）
（3） 導(dǎo)體棒移動
= 0.03s
根據(jù)焦耳定律， Q1 = I2R t = 0.03J （或Q1=Fs=0.03J）
根據(jù)能量守恒，
Q2=
= 0.5J
電阻R上產(chǎn)生的熱量 Q = Q1+Q2 = 0.53J （4分）
20．（12分）解：
（1）能求出地球的質(zhì)量M （1分）
方法一： 
= mg ， M =
方法二： 
= 
， M =
（3分）
（寫出一種方法即可）
（2）能求出飛船線速度的大小V （1分）
V =
( 或R 
) （3分）
（3）不能算出飛船所需的向心力 （1分）
因飛船質(zhì)量未知 （3分）
21．（12分）解：
（1）由機(jī)械能守恒定律，有
（4分）
（2）A、B在碰撞過程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，由動量守恒，有
（4分）
（3）A、B克服摩擦力所做的功
由能量守恒定律，有 
解得 
（4分）
22．（14分）解：
（1）當(dāng)小球離開圓弧軌道后，對其受力分析如圖所示，
由平衡條件得：F電 = qE
= mgtan
（2分）
代入數(shù)據(jù)解得：E =3 N/C （1分）
（2）小球從進(jìn)入圓弧軌道到離開圓弧軌道的過程中，由動能定理得：
F電
（2分）
代入數(shù)據(jù)得：
（1分）
由
（2分）
解得：B=1T （2分）
分析小球射入圓弧軌道瞬間的受力情況如圖所示，
由牛頓第二定律得：
（2分）
代入數(shù)據(jù)得：
（1分）
由牛頓第三定律得，小球?qū)壍赖膲毫?/p>
（1分）
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