Question

設函數f（x）=p（x-）-2lnx，g（x）=（p是實數，e為自然對數的底數）
（1）若f（x）在其定義域內為單調函數，求p的取值范圍；
（2）若直線l與函數f（x），g（x）的圖象都相切，且與函數f（x）的圖象相切于點（1，0），求p的值；
（3）若在[1，e]上至少存在一點x₀，使得f（x₀）＞g（x₀）成立，求p的取值范圍．

Answer 1

解：（1）∵f’（x）=，要使f（x）為單調增函數，須f’（x）≥0恒成立，
即px²-2x+p≥0恒成立，即p≥=恒成立，又≤1，
所以當p≥1時，f（x）在（0，+∞）為單調增函數．
要使f（x）為單調減函數，須f’（x）≤0恒成立，
即px²-2x+0≤0恒成立，即p≤=恒成立，又＞0，
所以當p≤0時，f（x）在（0，+∞）為單調減函數．
綜上所述，f（x）在（0，+∞）為單調函數，p的取值范圍為p≥1或p≤0（4分）

（2）∵f’（x）=p+，∴f’（1）=2（p-1），設直線l：y=2（p-1）（x-1），
∵l與g（x）圖象相切，
∴y=2（p-1）（x-1）
得（p-1）（x-1）=，即（p-1）x2-（p-1）x-e=0
y=
當p=1時，方程無解；當p≠1時由△=（p-1）2-4（p-1）（-e）=0，
得p=1-4e，綜上，p=1-4e（4分）

（3）因g（x）=在[1，e]上為減函數，所以g（x）∈[2，2e]
①當p≤0時，由（1）知f（x）在[1，e]上遞減?f（x）_max=f（1）=0＜2，不合題意
②當p≥1時，由（1）知f（x）在[1，e]上遞增，f（1）＜2，又g（x）在[1，e]上為減函數，
故只需f（x）_max＞g（x）_min，x∈[1，e]，
即：f（e）=p（e-）-2lne＞2?p＞．
③當0＜p＜1時，因x-≥0，x∈[1，e]
所以f（x）=p（x-）-2lnx≤（x-）-2lnx≤e--2lne＜2不合題意
綜上，p的取值范圍為（，+∞）（5分）
分析：（1）求導f’（x）=，要使“f（x）為單調增函數”，轉化為“f’（x）≥0恒成立”，再轉化為“p≥=恒成立”，由最值法求解．同理，要使“f（x）為單調減函數”，轉化為“f’（x）≤0恒成立”，再轉化為“p≤=恒成立”，由最值法求解，最后兩個結果取并集．
（2）由“函數f（x）的圖象相切于點（1，0”求得切線l的方程，再由“l與g（x）圖象相切”得到（p-1）x²-（p-1）x-e=0
由判別式求解即可．
（3）因為“在[1，e]上至少存在一點x₀，使得f（x₀）＞g（x₀）成立”，要轉化為“f（x）_max＞g（x）_min”解決，易知g（x）=在[1，e]上為減函數，所以g（x）∈[2，2e]，①當p≤0時，f（x）在[1，e]上遞減；②當p≥1時，f（x）在[1，e]上遞增；③當0＜p＜1時，兩者作差比較．
點評：本題主要考查用導數法研究函數的單調性，基本思路是：當函數為增函數時，導數大于等于零；當函數為減函數時，導數小于等于零，已知單調性求參數的范圍往往轉化為求相應函數的最值問題．